[TOC]
第一题
解法一
-
时间复杂度O(n)
-
空间复杂度O(1)
class Solution {
public:
void reverseString(vector<char>& s) {
int n = s.size() - 1;
for (int i = 0; i < s.size() / 2; i++){
char temp = s[i];
s[i] = s[n - i];
s[n - i] = temp;
}
}
};
总结
本体较为简单,几分钟就可以写好.
第二题
解法一[不使用reverse]
-
时间复杂度O(n)
-
空间复杂度O(1)
class Solution {
public:
string reverseStr(string s, int k) {
int num = s.size() / (2* k) + 1;
for (int i = 0; i < num; i++){
if (i != num - 1){
int end = i * 2 * k + k - 1;
int start = i * 2 * k;
for (int m = start; m < (end + 1 + start) / 2; m++){
char tmp = s[m];
s[m] = s[end - (m - start)];
s[end - (m - start)] = tmp;
}
}
else{
int remain = s.size() - (num - 1) * 2 * k;
int start = (num - 1) * 2 * k;
if (remain < k){
int end = s.size() - 1;
for (int m = start; m < (end + 1 + start) / 2; m++){
char tmp = s[m];
s[m] = s[end - (m - start)];
s[end - (m - start)] = tmp;
}
}
if (remain >= k && remain < 2 * k){
int end = (num - 1) * 2 * k + k - 1;
for (int m = start; m < (end + 1 + start) / 2; m++){
char tmp = s[m];
s[m] = s[end - (m - start)];
s[end - (m - start)] = tmp;
}
}
}
}
return s;
}
};
解法二[自己实现reverse,使用双指针]
-
时间复杂度O(n)
-
空间复杂度O(1)
class Solution {
public:
void reverse(string &s, int start, int end){
for (int i = start, j = end; i < j; i++, j--) {
swap(s[i], s[j]);
}
}
string reverseStr(string s, int k) {
for (int i = 0; i < s.size(); i += (2 * k)) {
// 1. 每隔 2k 个字符的前 k 个字符进行反转
// 2. 剩余字符小于 2k 但大于或等于 k 个，则反转前 k 个字符
if (i + k <= s.size()) {
reverse(s, i, i + k - 1);
continue;
}
// 3. 剩余字符少于 k 个，则将剩余字符全部反转。
reverse(s, i, s.size() - 1);
}
return s;
}
};
总结
- 暴力解法虽然容易想到,但边界还是容易出现问题,本题在于处理start和end段的字符串,将其反转即可,与上一题不同的地方在于start不是0.
- 使用双指针来实现reverse会更容易处理.
第三题
解法一[双指针,从后往前添加]
-
时间复杂度O(n)
-
空间复杂度O(n)
#include <iostream>
using namespace std;
int main() {
string s;
while (cin >> s) {
int sOldIndex = s.size() - 1;
int count = 0; // 统计数字的个数
for (int i = 0; i < s.size(); i++) {
if (s[i] >= '0' && s[i] <= '9') {
count++;
}
}
// 扩充字符串s的大小，也就是将每个数字替换成"number"之后的大小
s.resize(s.size() + count * 5);
int sNewIndex = s.size() - 1;
// 从后往前将数字替换为"number"
while (sOldIndex >= 0) {
if (s[sOldIndex] >= '0' && s[sOldIndex] <= '9') {
s[sNewIndex--] = 'r';
s[sNewIndex--] = 'e';
s[sNewIndex--] = 'b';
s[sNewIndex--] = 'm';
s[sNewIndex--] = 'u';
s[sNewIndex--] = 'n';
} else {
s[sNewIndex--] = s[sOldIndex];
}
sOldIndex--;
}
cout << s << endl;
}
}
解法二[从前往后]
-
时间复杂度O(n * n)
-
空间复杂度O(n)
#include <iostream>
using namespace std;
int main() {
string s;
string number = "number";
while (cin >> s) {
int sOldIndex = s.size() - 1;
int count = 0; // 统计数字的个数
for (int i = 0; i < s.size(); i++) {
if (s[i] >= '0' && s[i] <= '9') {
count++;
}
}
// 扩充字符串s的大小，也就是将每个数字替换成"number"之后的大小
s.resize(s.size() + count * 5);
int sNewIndex = s.size() - 1;
for (int i = 0; i < s.size(); i++){
// 移动
if (s[i] >= '0' && s[i] <= '9'){
for (int j = sOldIndex; j > i; j--){
s[j + 5] = s[j];
}
sOldIndex +=5;
// 修改
for (int k = i; k <= i + 5; k++){
s[k] = number[k - i];
}
}
}
cout << s << endl;
}
}
总结
- 从后往前一个关键点在于从最后面添加能够避免元素整体移动,减少时间复杂度.
- 从前往后可能更容易想也比较容易实现.
第四题
解法一[自己的解法]
-
时间复杂度O(n * n)
-
空间复杂度O(1)
class Solution {
public:
void reverse(string &s, int start, int end){
for (int left = start, right = end; left < right; left++, right--){
int temp = s[left];
s[left] = s[right];
s[right] = temp;
}
}
string reverseWords(string s) {
// 统计单词数量以及字母个数确定新长度
int word_size = 0;
int words_num = 0;
for (int i = 0; i < s.size(); i++){
if (s[i] != ' '){
for (int j = i; j < s.size(); j++){
if (s[j] != ' '){
word_size++;
i = j;
}
else{
i = j;
break;
}
}
words_num++;
}
}
int new_length = word_size + words_num - 1;
// std:: cout << new_length << std::endl;
// std:: cout << "word_size:" << word_size << std::endl;
// std:: cout << "words_num:" << words_num << std::endl;
// 移除多余空字符
int space_size = 0;
for (int i = 0; i < s.size(); i++){
space_size = 0;
if (s[i] == ' '){
for (int j = i; j < s.size(); j++){
if (s[j] == ' '){
space_size++;
i = j;
}
else{
i = j;
break;
}
}
// std::cout << "space_size:" << space_size << std::endl;
if (space_size > 1){
for (int k = i; k < s.size(); k++){
s[k - (space_size - 1)] = s[k];
}
}
// std::cout << s[i] << std::endl;
// std::cout << i << std::endl;
i = i - (space_size - 1);
}
}
if (s[0] == ' '){
for (int k = 1; k < s.size(); k++){
s[k - 1] = s[k];
}
}
s.resize(new_length);
//for (int m = 0; m < s.size(); m++){
// std::cout << s[m];
//}
// std::cout << std::endl;
// 整体反转翻转
reverse(s, 0, s.size() - 1);
// 局部翻转
int start = 0;
while (start < s.size() -1){
for (int end = start; end < s.size(); end++){
if (s[end] == ' '){
reverse(s, start, end - 1);
start = end + 1;
break;
}
if (end == s.size() - 1){
reverse(s, start, end);
start = end;
break;
}
}
}
return s;
}
};
解法二[代码随想录]
-
时间复杂度O(n)
-
空间复杂度O(1)
class Solution {
public:
void reverse(string& s, int start, int end){ //翻转，区间写法：左闭右闭 []
for (int i = start, j = end; i < j; i++, j--) {
swap(s[i], s[j]);
}
}
void removeExtraSpaces(string& s) {//去除所有空格并在相邻单词之间添加空格, 快慢指针。
int slow = 0; //整体思想参考https://programmercarl.com/0027.移除元素.html
for (int i = 0; i < s.size(); ++i) { //
if (s[i] != ' ') { //遇到非空格就处理，即删除所有空格。
if (slow != 0)
s[slow++] = ' '; //手动控制空格，给单词之间添加空格。slow != 0说明不是第一个单词，需要在单词前添加空格。
while (i < s.size() && s[i] != ' ') { //补上该单词，遇到空格说明单词结束。
s[slow++] = s[i++];
}
}
}
s.resize(slow); //slow的大小即为去除多余空格后的大小。
}
string reverseWords(string s) {
removeExtraSpaces(s); //去除多余空格，保证单词之间之只有一个空格，且字符串首尾没空格。
reverse(s, 0, s.size() - 1);
int start = 0; //removeExtraSpaces后保证第一个单词的开始下标一定是0。
for (int i = 0; i <= s.size(); ++i) {
if (i == s.size() || s[i] == ' ') { //到达空格或者串尾，说明一个单词结束。进行翻转。
reverse(s, start, i - 1); //翻转，注意是左闭右闭 []的翻转。
start = i + 1; //更新下一个单词的开始下标start
}
}
return s;
}
};
总结
- 这道题自己的写法说实话写了挺久,但好在写出来了,而且发现自己的想法和代码随想录是一样的,先移除空字符,然后整体反转,再局部反转.主要难点卡在了移除空字符,因为不使用erase,使用resize来调整字符串大小.
- 我的移除空字符的方法: 每一次从第一个不为空的字符开始统计连续空字符的大小,然后向前移动空字符 - 1的距离,最后得到的字符串可能在开头剩下一个空字符,再整体往前移动一位即可.有一个比较关键的就是每次移动完后需要更新i的位置,因为字符串变了,所以i也要往前移动空字符数-1的大小.
- 对于整体反转与局部反转则比较简单,需要区分以下最后一个单词和其余的单词.
- 双指针来移除空字符确实比较难想到,以后再碰到这种可以使用双指针,将每次从第一个不为空字符的往前移动,移动前需要判断是否是第一个单词,第一个单词前面不需要有空格,后续单词前面都需要有空格.
第五题
解法一
-
时间复杂度O(n * k)
-
空间复杂度O(1)
#include <iostream>
using namespace std;
int main(){
int k;
string s;
while (cin >> k >> s ){
for (int i = 1; i <= k; i++){
char tmp = s[s.size() - 1];
for (int j = s.size() - 1; j > 0; j--){
s[j] = s[j - 1];
}
s[0] = tmp;
}
}
cout << s;
}
总结
- 这道题比较简单,感觉直接移动会比代码随想录的方法好,而且更容易理解,没有必要反转几次字符串,因为字符串本来就没有在题目里面要求反转
总结
- 第四题应该是这里面最难的一题, 也是花时间写的最久的一道题.
- 字符串整体看来和数组差不多,不过多了一些例如resize的操作.
